Альберт Рывкин - Сборник задач по математике с решениями для поступающих в вузы
- Название:Сборник задач по математике с решениями для поступающих в вузы
- Автор:
- Жанр:
- Издательство:«ОНИКС 21 век» «Мир и Образование»
- Год:2003
- Город:Москва
- ISBN:5-329-00766-6, 5-94666-080-2
- Рейтинг:
- Избранное:Добавить в избранное
-
Отзывы:
-
Ваша оценка:
Альберт Рывкин - Сборник задач по математике с решениями для поступающих в вузы краткое содержание
Основу задачника составили варианты письменных работ по математике, предлагавшихся на вступительных экзаменах в ряде ведущих вузов Москвы.
Сборник содержит около 500 типовых задач. K каждой задаче дается до трех указаний, помогающих найти правильный путь к решению, а затем приводится подробное решение.
Пособие может использоваться при самостоятельной подготовке к экзаменам в вуз, а также на подготовительных отделениях и курсах.
Сборник задач по математике с решениями для поступающих в вузы - читать онлайн бесплатно ознакомительный отрывок
Интервал:
Закладка:
y < −1, y > 0.
Вспоминая, что y = log k x и 0 < k < 1, найдем соответствующие интервалы для x .
Ответ.0 < x < 1, x > 1/ k .
10.40.Поскольку 4 x − 6 должно быть больше нуля, то x > 1. Следовательно, приходим к системе неравенств

Решая второе неравенство системы, найдем x > log 2√7.
Третье неравенство перепишем в виде системы

решением которой будет интервал log 2√6 < x ≤ log 23. Так как log 2√7 > log 2√6, то получим решение данного неравенства.
Ответ.log 2√7 < x ≤ log 23.
10.41.Данное неравенство эквивалентно такому:

Знаменатель всегда положителен. Поэтому
| х ² − 4 x | + 3 ≥ x ² + | x − 5|,
остается раскрыть знаки абсолютной величины. Нанесем точки 0, 4, 5 на числовую ось и рассмотрим четыре случая.
Если x < 0, то получаем систему

которой удовлетворяет полупрямая x ≤ −⅔.
Если 0 ≤ x ≤ 4, приходим к системе

решением которой будет отрезок 1 < x < 2.
Если 4 < x ≤ 5, то наше неравенство примет вид x ² − 4 x + 3 ≥ x ² + 5 − x , откуда x ≤ −⅔. Это не удовлетворяет условию 4 < x ≤ 5, а потому в данном случае решений нет.
Остается случай x > 5. Раскрывая знаки абсолютных величин, получим x ≤ 8/ 5. Здесь снова нет решений.
Ответ. x < −⅔; ½ ≤ x ≤ 2.
10.42.Из условия следует, что x > 2. Поэтому x ³ − 7 > 0, а также x − 1 > 1 и (x − 1)² > 1. Данное неравенство равносильно такому:

Так как x − 1 > 0, то Поскольку x ³ − 7/ 2> 0, то ограничение x > 2 достаточно для того, чтобы следующие преобразования приводили к равносильным неравенствам:

После упрощений последнее неравенство сведется к квадратному: −4 x ² + 5 x + 3/ 2 ≥ 0, имеющему решения −¼ < x < 3/ 2. Так как, кроме того, x > 2, то исходное неравенство не имеет решений.
Ответ. Решений нет.
10.43.Так как первый сомножитель положителен, то, чтобы неравенство удовлетворялось, необходимо
log 2(2 − 2 x ²) > 0, т. е. 2 − 2 x ² > 1, √2| x | < 1,
откуда
0 ≤ √2| x | < 1 и −1 ≤ √2| x | − 1 < 0.
Следовательно, |√2| x | − 1| ≤ 1. Таким образом, первоначальное неравенство может удовлетворяться только, если
log 2(2 − 2 x ²) ≥ 1, или 2 − 2 x ² ≥ 2, − x ² ≥ 0,
т. е. x = 0. Проверкой убеждаемся, что x = 0 является решением неравенства.
Ответ. x = 0.
10.44.Так как , то перепишем неравенство следующим образом:

Обозначив log 3 x + 1/ x − 1= y , получим log 2 y < 0, откуда
0 < y < 1, т. е. 0 < log 3 x + 1/ x − 1< 1,
а потому 1 < x + 1/ x − 1< 3.
Последнее неравенство можно записать так:
( x + 1/ x − 1− 1)( x + 1/ x − 1 − 3) < 0
(если некоторое выражение заключено между двумя числами, то разности между ним и каждым из этих чисел имеют разные знаки).
После выполнения действий в скобках и небольших упрощений получим
x − 2/ ( x − 1)²> 0,
откуда x > 2.
Ответ. x > 2.
10.45.Если 0 < x ² − 1 < 1, то придем к системе

Так как последнее неравенство следует из первого, то получаем такую систему:

откуда 1 < x < √2.
Если x ² − 1 > 1, т. е. x ² > 2, то приходим ко второй системе:

откуда x > 3 + √5/ 2.
Ответ.1 < x < √2, x > 3 + √5/ 2.
10.46.Перепишем неравенство в виде

Равносильность при этом не нарушается, так как оба выражения в квадратных скобках (полученное и данное в условии) существуют одновременно при x > 0. Выясним, когда основание положительно и когда оно отрицательно (если оно равно нулю, то неравенство не удовлетворяется). Для этого воспользуемся условным символом V, обозначающим сравнение левой и правой частей, и не будем нарушать равносильность при преобразованиях:

Преобразуем первое соотношение, имея в виду, что x − положительное число:

Итак, при основание положительно, а при
оно отрицательно. Из отрицательных значений основания мы должны рассмотреть лишь те, при которых x − 4, а следовательно и x , — четное число. Среди чисел, заключенных в интервале
, есть только одно четное: x = 2. Подставим это число в левую часть исходного неравенства:

Таким образом, x = 2 не удовлетворяет данному неравенству.
Пусть теперь основание положительно, т. е. . Тогда неравенство (1) равносильно такому:
Интервал:
Закладка: