Альберт Рывкин - Сборник задач по математике с решениями для поступающих в вузы
- Название:Сборник задач по математике с решениями для поступающих в вузы
- Автор:
- Жанр:
- Издательство:«ОНИКС 21 век» «Мир и Образование»
- Год:2003
- Город:Москва
- ISBN:5-329-00766-6, 5-94666-080-2
- Рейтинг:
- Избранное:Добавить в избранное
-
Отзывы:
-
Ваша оценка:
Альберт Рывкин - Сборник задач по математике с решениями для поступающих в вузы краткое содержание
Основу задачника составили варианты письменных работ по математике, предлагавшихся на вступительных экзаменах в ряде ведущих вузов Москвы.
Сборник содержит около 500 типовых задач. K каждой задаче дается до трех указаний, помогающих найти правильный путь к решению, а затем приводится подробное решение.
Пособие может использоваться при самостоятельной подготовке к экзаменам в вуз, а также на подготовительных отделениях и курсах.
Сборник задач по математике с решениями для поступающих в вузы - читать онлайн бесплатно ознакомительный отрывок
Интервал:
Закладка:
23.4.Найдя область определения функции arccos ( x ² − 3 x + 1), исключить точки, в которых не существует tg 2 x . (!)
23.5.Решить графически систему неравенств, обеспечивающих существование данного выражения. (!)
23.6. Способ 1.Доказательство можно вести от противного, предположив, что функция имеет период T .
Способ 2.Найти корни функции и исследовать их в предположении, что у функции имеется период.
23.7.Записать тождество, равносильное условию, что f ( x ) имеет своим периодом число T . Рассмотреть это тождество при x = 0 и x = ± T . (!)
23.8.Ясно, что любое общее кратное периодов cos 3 x / 2 и sin x / 3будет периодом данной функции. Доказать, что наименьшее общее кратное будет основным периодом.
K главе 24
24.1.Заменить cos² x на 1 − sin² x. В результате получится квадратный трехчлен относительно sin x .
24.2.Записать у как одну функцию другого аргумента.
24.3.Привести к одной тригонометрической функции другого аргумента.
24.4.Выражение можно представить в виде А ² + В ² + С , где С — константа.
24.5.Чтобы раскрыть знаки абсолютных величин, нужно нанести на числовую ось точки ±1 и ±2, которые разобьют ее на пять интервалов.
24.6.Воспользоваться неравенством между средним арифметическим и средним геометрическим нескольких чисел.
24.7.Чтобы найти максимум AB + BC , удобно ввести углы x и у (рис. 1.24.7), имея в виду, что x + у = π − α, и перейти с помощью теоремы синусов к тригонометрическим соотношениям. (!)

24.8.Если обозначить катеты основания через а и b , то боковая поверхность призмы равна

причем ab = 4.
24.9.Квадрат должен быть вписан в шестиугольник так, чтобы не нарушалась симметрия, т. е. центр квадрата должен совпадать с центром шестиугольника.
24.10.Прежде всего необходимо обратить внимание на свойства квадратного трехчлена, стоящего в знаменателе. Его дискриминант отрицателен и, следовательно, трехчлен не может быть равен нулю при действительных x .
Если обозначить теперь данную дробь через у , то можно получить квадратное уравнение относительно x , в котором у играет роль параметра.
24.11.Если ребра параллелепипеда обозначить через а , b и с , то условие задачи можно записать в виде системы

Из второго и третьего неравенств следует, что
ab + с ( а + b ) ≥ ab + 5 с .
24.12.Чтобы найти наименьшее значение этой функции, естественно выделить полный квадрат. Однако удобнее вначале перейти от котангенсов к косекансам, что позволяет выразить функцию только через синусы:

Теперь в числителе следует выделить полный квадрат разности. При этом могут представиться два случая, в зависимости от знака произведения sin (α + x) sin (α − x). Чтобы не рассматривать их отдельно, можно необходимые преобразования записать так:
sin² (α + x ) + sin² (α − x ) = [|sin (α + x )| − |sin (α − x )|]² + 2 |sin (α + x) sin (α − x)|.
24.13.Известно, что arcsin x + arccos x = π/ 2. Поэтому данную функцию удобно преобразовать так, чтобы воспользоваться этим соотношением.
24.14.Воспользоваться преобразованием нормирования:

после чего коэффициенты при sin α и cos α можно объявить косинусом и синусом общего аргумента φ, т. е.

Функция у достигает своего наименьшего значения

когда sin (α + φ) = −1, и наибольшего значения

при sin (α + φ) = 1. (!)
24.15.Систему естественно привести к виду

Свободные члены равны, соответственно, 5², 12² и 5 · 12. Удобно каждое из соотношений разделить на его свободный член.
Вторые указания
K главе 1
1.1.Из треугольника AO 1 D определить АO 1;если известен радиус окружности O 1(см. рис. I.1.1 на с. 114).
1.2.Зная AB , можно найти AD и радиус ВО 1описанной окружности (рис. II.1.2 [15] Так в тексте. От верстальщика fb2.
). Нужно лишь заметить, что угол ABD равен π/ 2− α, а ВE = АB / 2.

1.3.Возможны два случая взаимного расположения треугольника и окружности. Либо окружность будет вписана в треугольник так, что каждая точка касания делит соответствующую сторону пополам, либо одна вершина треугольника окажется внутри окружности, а две другие — вне.
Найдите решение, не зависящее от взаимного расположения окружности и треугольника. Для этого достаточно рассмотреть треугольник, который получится, если соединить середины сторон данного треугольника.
1.4.Чтобы найти отношение площадей треугольников А 1 В 1 С и АВС , нужно применить теорему об отношении площадей треугольников, имеющих равный угол.
В обозначениях, введенных на рис. II.1.4. имеем

С помощью теоремы о биссектрисе внутреннего угла треугольника остается выразить а 1, a 2, b 1, b 2, c 1, с 2через а , b и с .

1.5.Если центр вписанной в треугольник окружности обозначить через О , то площадь треугольника АВС можно будет вычислить как сумму площадей треугольников АОВ , ВОС и СОА . При этом каждая из сторон АО , ВО и СО может быть выражена через радиус r вписанной окружности. Площадь треугольника А 1 В 1 С 1тоже разбивается на три площади: А 1 ОВ 1, В 1 ОС 1и С 1 ОА 1. Остается углы А 1 ОВ 1, В 1 ОС 1и С 1 ОА 1выразить через углы треугольника АВС .
Читать дальшеИнтервал:
Закладка: