Альберт Рывкин - Сборник задач по математике с решениями для поступающих в вузы
- Название:Сборник задач по математике с решениями для поступающих в вузы
- Автор:
- Жанр:
- Издательство:«ОНИКС 21 век» «Мир и Образование»
- Год:2003
- Город:Москва
- ISBN:5-329-00766-6, 5-94666-080-2
- Рейтинг:
- Избранное:Добавить в избранное
-
Отзывы:
-
Ваша оценка:
Альберт Рывкин - Сборник задач по математике с решениями для поступающих в вузы краткое содержание
Основу задачника составили варианты письменных работ по математике, предлагавшихся на вступительных экзаменах в ряде ведущих вузов Москвы.
Сборник содержит около 500 типовых задач. K каждой задаче дается до трех указаний, помогающих найти правильный путь к решению, а затем приводится подробное решение.
Пособие может использоваться при самостоятельной подготовке к экзаменам в вуз, а также на подготовительных отделениях и курсах.
Сборник задач по математике с решениями для поступающих в вузы - читать онлайн бесплатно ознакомительный отрывок
Интервал:
Закладка:
3.Неабсолютное тождество. Область определения левой части: x ≠ π/ 2+ k π, область определения правой части: x ≠ k π/ 2.
4—6.Тождество 4 является абсолютным, поскольку это определение секанса. Тождества 5 и 6 неабсолютные, так как правые части определены всегда, в то время как левые могут терять смысл.
7—8.Тождество 7 абсолютное. B самом деле, левая часть теряет смысл при cos x / 2= 0. Правая часть может быть записана в виде т. е. тоже теряет смысл при cos x / 2= 0.
Тождество 8 неабсолютное. Левая часть теряет смысл при cos x / 2= 0, а правая, которая может быть записана в виде перестает существовать как при cos x / 2= 0, так и при sin x / 2= 0.
9—10.Левую часть равенства 9 можно преобразовать так:
ctg 2 x = cos 2 x / sin 2 x = cos 2 x / 2sin x cos x ,
а правую записать в виде

Обе части этого равенства перестают существовать одновременно, если либо cos x = 0, либо sin x = 0, следовательно, тождество 9 абсолютное.
Тождество 10 является неабсолютным, поскольку при x = π/ 2(2 n + 1) левая часть равна нулю, а правая теряет смысл.
11—13.Первое из этих трех тождеств неабсолютное, второе и третье — абсолютные.
14—16.Первое и второе тождества неабсолютные, третье — абсолютное.
B самом деле, для первого область определения левой части: x > 0, y > 0; x < 0, y < 0, а область определения правой части: x ≠ 0; y ≠ 0. Для второго область определения левой части x ≠ 0, а область определения правой части x > 0.
Наконец, для третьего x ≠ 0 для обеих частей тождества.
17.Пусть x = а — корень данного уравнения. Тогда f ( а ) = φ( а ). Поскольку ψ( x ) существует при всех x , то ψ( а ) — число; следовательно,
f ( a ) + ψ( а ) = φ( а ) + ψ( а ). (1)
Таким образом, x = а — корень уравнения
f ( x ) + ψ( x ) = φ( x ) + ψ( x ). (2)
Обратно: если x = а — корень (2), то имеет место равенство (1), а потому x = а — корень уравнения f ( x ) = φ( x ).
Вторую часть теоремы доказывает пример. B самом деле, достаточно рассмотреть два уравнения:
x − 1 = 0 и x − 1 + 1/ x − 1 = 1/ x − 1,
первое из которых имеет единственный корень x = 1, а второе вовсе не имеет корней, так как при x = 1 оно теряет смысл.
18.Доказательство аналогично 17. Даже пример можно взять тот же самый.
19—19а.Для доказательства достаточно заметить, что посторонними для данного уравнения могут быть те корни уравнения
f ( x ) = ψ( x ),
для которых φ( x ) либо не существует, либо обращается в нуль.
20.Если f ( а ) = φ( а ), то [ f ( а )]² = [φ( а )]². Обратно: из второго равенства следует, что либо f ( а ) = φ( а ), либо f ( а ) = −φ( а ).
21.Система равносильна совокупности четырех систем:

22.Доказательство непосредственно следует из свойств пропорций.
9.1.При x < −2 получим
− x + 2 x + 2 − 3 x − 6 = 0,
т. е. x = −2, что противоречит предположению. Таким образом, при x < −2 уравнение не имеет решений.
При −2 ≤ x ≤ −1 получим x = −2.
При −1 < x ≤ 0 уравнение обращается в ложное числовое равенство 4 = 0. На этом интервале нет решений.
Наконец, при x > 0 получаем x = −2, что снова противоречит ограничению.
Ответ. x = −2.
9.2.Пусть x ² = y . Тогда
| y − 9| + | y − 4| = 5.
Точки y = 4 и y = 9 разбивают числовую ось на три интервала.
Если y < 4, уравнение примет вид
9 − y + 4 − y = 5,
откуда y = 4. Это значение не принадлежит выбранному интервалу.
Если 4 ≤ y ≤ 9, то знаки абсолютной величины следует раскрыть так:
9 − y + y − 4 = 5, т. е. 5 = 5.
Так как уравнение обратилось в верное числовое равенство, то все значения y из интервала 4 ≤ y ≤ 8 являются решениями.
При y > 9 получим
y − 9 + y − 4 = 5,
т. е. y = 9. Здесь снова нет решений. Вспоминая, что y = x ², запишем
4 ≤ x ² ≤ 9, или 2 ≤ | x | ≤ 3.
Ответ.−3 ≤ x ≤ −2; 2 ≤ x ≤ 3.
9.3. Способ 1.Дополним стоящую слева сумму квадратов до полного квадрата:
( x − 3 x / 3 + x )² + 6 x ²/ 3 + x − 7 = 0,
т. е.
( x ²/ 3 + x )² + 6 x ²/ 3 + x − 7 = 0,
откуда получаем совокупность уравнений:
x ²/ 3 + x = −7, x ²/ 3 + x = 1.
Действительных решений y этой совокупности уравнений нет.
Способ 2.Введем новое неизвестное:
3 x / 3 + x = u , или 3 x = 3 u + xu .
Получим систему

Вычитая из первого уравнения удвоенное второе, придем к уравнению относительно x − u
( x − u )² + 6( x − u ) − 7 = 0, откуда следует совокупность двух уравнений:
x − u = −7, x − u = 1.
Решая каждое из этих уравнений, убедимся, что действительных корней нет.
Ответ.Решений нет.
9.4.Возведем данное уравнение в куб:

Стоящий в скобках в левой части уравнения двучлен заменим правой частью данного уравнения и приведем подобные члены:

Такая замена может привести к появлению посторонних корней. B самом деле, при возведении а + b = с в куб мы получаем равенство, справедливое при всех тех же значениях а , b и с , что и данное равенство. После замены же мы получим
а ³ + b ³ + 3 аbс = с ³.
Это равенство удовлетворяется при а = b = 1, с = −1, в то время как исходное равенство а + b = с при этих значениях букв ложно. Следовательно, мы должны завершить решение проверкой.
Читать дальшеИнтервал:
Закладка: